我爱数学

数学争霸战是一款以数学为主题的游戏，通过挑战各种数学难题来提升玩家的数学能力。只有学霸才能在这个游戏中取得胜利，并统一天下。本文将以游戏的不同方面为切入点，分析数学争霸战的特点和魅力。

1.数学争霸战的背景设定

数学争霸战设定在一个虚拟的世界中，玩家需要扮演一个数学天才的角色，通过解决各种难题来探索这个世界。

2.游戏目标与挑战

游戏的目标是通过挑战各种数学题目来提升自己的数学能力，并最终击败其他玩家，成为真正的数学之王。

3.策略与技巧

在数学争霸战中，玩家需要灵活运用各种数学知识和技巧，才能迅速解答出题目。通过不断学习和练习，玩家可以掌握更多解题的方法和技巧。

4.数学题目的设计

数学争霸战中的题目设计非常独特，不仅考察玩家的计算能力，还需要运用推理、逻辑和创造力等综合能力来解决问题。每道题目都具有一定的难度，挑战玩家的智慧和反应能力。

5.多元化的游戏模式

数学争霸战提供多种游戏模式，包括单人挑战、多人对战和团队合作等，玩家可以选择适合自己的模式进行游戏，与其他玩家展开激烈的竞争或合作解决难题。

6.社交与交流平台

数学争霸战提供了一个社交与交流平台，玩家可以与其他数学爱好者互动，分享解题经验和知识。这不仅可以加深对数学的理解，还可以结识志同道合的朋友。

7.数学争霸战对学业的帮助

通过参与数学争霸战，玩家可以在游戏中提升自己的数学能力，对学业有着积极的影响。解题的思维训练和逻辑推理能力的提高，将对学习其他学科产生积极的影响。

8.数学争霸战的全球竞争

数学争霸战吸引了全球范围内的玩家参与，玩家可以与来自世界各地的数学天才一较高下。这种全球竞争不仅激发了玩家们的斗志，也促进了国际间数学交流与合作。

9.数学争霸战的普及推广

为了让更多的人参与到数学争霸战中来，游戏开发者积极进行普及推广活动。他们举办各种比赛和活动，提供奖励和荣誉，吸引更多年轻人对数学的兴趣。

10.数学争霸战的教育意义

数学争霸战通过游戏的方式激发了年轻人对数学的兴趣，增强了他们学习数学的主动性和积极性。这种创新的教育方式在培养未来数学人才方面具有重要的意义。

11.数学争霸战与数学教育的结合

数学争霸战与传统的数学教育相结合，为学生提供了一个更加有趣和有效的学习平台。这种创新的教育模式将激发学生对数学的兴趣，提高他们的学习积极性。

12.数学争霸战的未来发展

随着科技的不断进步，数学争霸战将会继续发展壮大。未来可能会增加更多有趣的数学题目和挑战，为玩家提供更加丰富的游戏体验。

13.数学争霸战对数学研究的影响

数学争霸战为数学研究提供了一个新的角度和切入点。通过分析玩家解题的方式和思维逻辑，可以发现一些新的数学问题和解题方法，对数学领域的发展有积极的影响。

14.数学争霸战对个人成长的意义

参与数学争霸战不仅可以提高玩家的数学能力，还可以培养他们的团队合作精神、逻辑思维和解决问题的能力。这些都是在现实生活中非常重要的素养。

15.数学争霸战的

数学争霸战以其独特的游戏模式和有趣的题目设计，吸引了大批数学爱好者的参与。通过挑战和竞争，玩家可以在游戏中提升自己的数学能力，同时也享受到了数学学习的乐趣。数学争霸战不仅是一款娱乐游戏，也具有教育和培养人才的重要意义。

在现代社会中，数学是一门被广泛认可的知识领域，而学霸们常常因为他们卓越的数学能力而受到赞赏。为了激发学生们对数学的兴趣和学习动力，以及选拔出真正的学霸，一场数学争霸战应运而生。这个以游戏为主的数学竞技活动，不仅能够挑战参与者的智力极限，还能够促进数学知识的传播和交流。

一：数学争霸战之赛制介绍

在数学争霸战中，参与者将通过一系列的数学题目来测试自己的数学能力。比赛分为初赛、复赛和决赛三个阶段，参赛者需要经过层层选拔才能进入下一轮比赛。每一轮比赛都设有不同难度等级的数学题目，挑战选手的智力。

二：初赛：智力试炼的开始

初赛是数学争霸战的第一场比赛，旨在选拔出最有潜力的参赛者。参赛者需要在限定时间内完成一系列基础数学题目，涵盖了代数、几何、概率等多个数学分支。这一轮比赛不仅考验了选手的基本数学能力，还要求选手具备良好的解题思路和高效的时间管理能力。

三：复赛：高手云集的舞台

进入复赛的参赛者已经展现出了卓越的数学实力。复赛将增加难度，加入更为复杂和抽象的数学题目，以挑战选手们的极限思维能力。这一轮比赛将选拔出真正的学霸，他们需要在激烈的竞争中脱颖而出，进入决赛阶段。

四：决赛：学霸较量的巅峰之战

决赛是整个数学争霸战的高潮所在。在这个阶段，只有最顶尖的选手才能够参与。决赛将设置一系列的难题，其中有些问题甚至是前人未曾解答过的，需要选手们具备创新思维和超强的分析能力来解答。这场学霸较量的巅峰之战将为数学界带来许多新的突破和启示。

五：数学争霸战的意义与价值

数学争霸战不仅仅是一场智力的较量，更是推动数学教育发展的有力手段。通过这种以游戏为主的竞技形式，能够激发学生们对数学的兴趣和学习动力。同时，这样的活动也为学生们提供了一个展示自己才华和交流心得的平台，促进了数学知识的传播与交流。

六：数学争霸战对学生的影响

参与数学争霸战的学生将会收获许多益处。他们会通过挑战高难度的数学题目锻炼自己的逻辑思维和解决问题的能力。这样的竞技活动也能够培养学生们的团队合作和沟通能力，因为在复赛和决赛中，往往需要选手们共同解决难题。

七：数学争霸战对教育的影响

数学争霸战对教育的影响也是显著的。这种以游戏为主的竞技形式能够提高学生们对数学教育的参与度和投入度，激发他们学习数学的兴趣。同时，争霸战也促使教师们在教学过程中更加注重培养学生的创新思维和解决问题的能力，而不仅仅是传授知识。

八：数学争霸战对社会的影响

数学争霸战不仅仅是一场学生间的较量，它还在社会中产生了深远的影响。这种竞技活动能够发掘和选拔出优秀的数学人才，为科技创新和社会进步注入源源不断的动力。争霸战也促进了数学知识的传播与交流，让更多人了解和喜爱数学，推动了整个社会对数学教育的关注与重视。

九：数学争霸战的局限性

然而，数学争霸战也存在一些局限性。由于比赛过程主要注重解题速度和答案的准确性，可能忽视了对学生创新思维和实践能力的培养。参与争霸战的学生往往是数学方面的高手，可能会导致其他学科的发展受到一定的忽视。

十：改进数学争霸战的方向

为了更好地发展数学争霸战，可以考虑增加创新思维和实践能力的考核内容，同时也要注重培养学生在其他学科领域的全面发展。可以引入团队合作项目，让选手们在共同解决问题中学习合作与沟通。

十一：数学争霸战的未来展望

随着社会的发展和技术的进步，数学争霸战将会不断创新和演变。可以借助人工智能技术，设计更具挑战性和趣味性的数学题目；还可以通过网络平台，让更多的学生参与到这样的竞技活动中来，实现数学知识的全民普及。

十二：过去和展望未来

数学争霸战是一场以游戏为主的数学竞技活动，通过挑战参与者的智力极限，促进数学知识的传播和交流。它不仅能够激发学生们对数学的兴趣和学习动力，还能够选拔出真正的学霸。尽管存在一些局限性，但随着改进和创新，数学争霸战将继续为数学教育和社会发展带来更大的影响。让我们共同期待数学争霸战在未来的发展中创造更多的奇迹！

我数学特强《我数学特强》通解是存在的！如下：

《我数学特强》有没有万能公式呢？很久之前，一开始玩的时候，就想过这个问题，但面对复杂的变换路径，我完全没有头绪。

最近的研究让我找到了通用的解法，这不是用程序暴力搜索答案，也不是简要的技巧，而是公式化的解法。另外，游戏里要求使用最少步数的最优解，而通解一般不限步数。

介绍一下游戏。有三个自然数，玩家每次操作可以对这三个数进行分配，我称为偶变换和奇变换，偶变换是把一个偶数减半并将减半的部分加到另一个数上，奇变换是把一个奇数加到另一个数上，然后将其变为0。实际上，奇变换不限奇数，因为将偶数奇变换给另一个数，可以先一直偶变换直到变为奇数，再进行奇变换。游戏的最终目标是得到三个相等的数，用三元数组表示为{x, x, x}，不过显然只要三个数里有x或2x就能得到{x, x, x}。

有通解的前提是有解，而有解的充要条件是，三个数的最大公约数g整除x（可表示为g|x），且三个数不是一零二奇。先证明必要性，og和og'分别为三个数变换前后的最大奇公约数，易证og|og'，如果og'=x，则og|x，也就是说如果得到了{x,x,x}，则有og|x，因此og|x是有解的必要条件。另外，由g=(a,b,c)（三个数a,b,c的最大公约数写法为(a,b,c)），可得g|3x，令g=og*2^m，则(og*2^m)|3x，(2^m)|(3x/og)，而(2^m,3)=1，所以(2^m)|(x/og)，(og*2^m)|x，可得g|x也是有解的必要条件，其逆否命题为，若g不整除x，则无解，而(0,0,3x)不整除x，一零两奇时只能奇变换为{0,0,3x}，两者等价，所以三数不是一零两奇也是有解的必要条件。至于充分性，如果我们找到了g|x且不是一零两奇情况下的解法，就相当于将其证明了。

通解讨论的数组默认已通过以上判别法筛选，以保证有解及证明充分性。但要注意，有解的数组在变换后不一定有解，通解的操作应当保证数组在变换后依然可解，时刻有g|x。

下面的是我早期想的通解，经过计算机验证，x为奇数时，x>17后出现反例：

一、有x或2x则结束。

三、若三数都是正数，且不是两奇一偶，则尝试将其中一个数加给另外两个数中的一个数，选择三种操作进行后g整除x的数组；若三数都是正数，且两奇一偶，则将两奇数相加，或将偶数分配给两奇数使其变为两偶数，选择两种操作进行后g整除x的数组。

四、若数组中没有g*2^k满足g*2^k>=x，k是自然数，则不断在两正数之间进行偶变换（如果x是偶数，则需要保证两数都是偶数），如果找到g*2^k，则跳到步骤六。

五、在步骤四的循环中选择含有数被4整除得奇数（且该数减半小于x）的数组（如果x是偶数则选择被2整除的），将该数偶变换给0，再重新在两数之间不断进行偶变换（如果x是偶数，则需要保证两数都是偶数），出现g*2^k则结束，将另两个数合并。

六、用二进制数表示x/g，在左边补充0直到位数等于k，从最高位到最低位，若为1则将g*2^k分配给0（或者是步骤五中得到g*2^k一半的数），为0则分配给另一个数。这样就得到了x，结束。

虽然有很多漏洞，但大框架是对的。在下文逐步分析后，我们将会推导出一个正确的通解。

直接得到通解可能是困难的，于是我想着要不然先解决什么样的组合是可解的问题吧。反复观察变换路径后，我猜测g整除x应该和有解相关，并且还发现了og在变换的过程中不变或变大，而且变换后的og整除变换前的og。

然后，我再想的是解决相对简单的数组。在三个数之间变换是复杂的，暂未发现规律，所以我研究了只有一个数为0的数组。如果三个正数的数组都能转变为一零两正，那么通解问题就可以归约到一零两正如何变换出x或2x的问题。

我们需要保证三正变两正后，g依然满足g|x。如何操作呢？对于{a,b,c}，奇变换后得到的{0,a+b,c}, {0,b,a+c}和{a,0,b+c}三个数组中，一定有一个数组的g满足g|x。

证明：3x的质因数分解为m*3^n，(m,n)=1。先假设三个数组的g都不整除x。(a+b,c)=(3x,c)，(a+c,b)=(3x,b)，(b+c,a)=(3x,a)如果都不整除x，则(3^n)|(a,b,c)，又因为(a,b,c)|x，可得(3^n)|x，但3x=m*3^n，(m,3)=1，矛盾。

两奇一偶时（该偶数不为0），以上的三种操作可能会让数组变为一零两奇，因此我们要对该类情况作调整，它有两种变换：一、两奇相加；二、偶数拆分为两奇数，分别加给另外两奇数。这两种变换会使三正变一零两偶，且至少有一种使得g|x，证明类似上一个，不再赘述。这样的话，我们就将前面提到的可解的数组都转化为一零两正了。

前面说过{0,0,3x}是无解的，两个正数不能奇变换，那当然就只好偶变换了。当x为奇数时，两个数一奇一偶，偶变换的对象（即哪个数给另一个数一半）是确定的，得到的下一数组是唯一的。再加上数组的和是不变的，这样的数组个数有限，所以，经过有限次偶变换后，一定会回到原来的数组，形成偶变换循环。当x为偶数时，偶变换的路径是不唯一的，且不一定能不断偶变换，变换后还可能是一零两奇，比如{2,10}。x为偶数的这种情况，后续在改进偶变换的时候再提及。

我们的目标是在循环中找到t*2^k，t*2^k>=x，t|x，k>0，因为在有三个数时，将t*2^k偶变换分解，可以得到小于t*2^k任意一个自然数。但循环中并不一定有t*2^k（比如{5,28}），所以在早期的想法中，我想打破原有循环，把偶数偶变换分给第三个数，使得原来循环的两个数进入新的循环，以找到t*2^k。

在{a,b}的偶变换循环中，如果我们只关注其中一个数a，可以发现该数在作如下变换：偶数时减半，奇数时加上sum再减半，sum=a+b。冰雹猜想里的变换会迭代至2^k，而这里，迭代至t*2^k，a和sum要满足的所有条件是什么，是个open的问题。修改了几次进入新循环的方法后，程序依然发现反例。所以，探寻如何修正a和sum进入新的含有t*2^k的循环，这条路暂时行不通。

不小于x的t*2^k一定和小于x的t*2^k在同一循环中，找到其中一个便能找到其余的t*2^k。但要得到新的循环，就要将参与偶变换循环的两数之和sum减小，而最大的t*2^k满足t*2^k sum/2。

这样我们就有一个新的思路，先找到小于x的t*2k，再保持t*2^k不变，将sum增大使得sum>2x，进行新一轮偶变换，得到不小于x的t*2^k。

在偶变换时，如果偶数减半后还是偶数，则将这一部分加到第三个数上，这样我们就将前面总和不变的循环改成了总和递减的。由于无论怎么变换三个数都必为自然数，循环的总和不能无限递减，那它的下界是多少呢？当不能再分配给第三个数时，总和不变，因此偶变换一次，对象就交换，此后的所有偶数除以2后都为奇数，假设(a,b)中a为偶数，此时偶数a的变换如下：

a

a/2

a/4+sum

a/8+sum/2

a/16+sum/4+sum

a/32+sum/8+sum/2

a/64+sum/16+sum/4+sum

...

第n个偶数和第n-1偶数的递推式为x_n+1=x_n/4+sum，x_0=a

可得通式x_n=(a-4sum/3)/4^n+4sum/3

当a>4sum/3时，x_n单调递增，当a<4sum/3时，x_n单调递减，数组的大小是有限的，不能单调递增或递减，因此a=4sum/3=2a/3+2b/3，可得a=2b，偶变换循环的过程中，a和b的最大奇公约数og始终不变，又因为b是奇数，b和2b的最大奇公约数为b，所以，当sum最小时，a=2b=2og。前面的三正变两正保持了g|x，所以b|x。

当x为奇数时，将{b,2b,3x-3b}转化为{b,3x-2b,0}，再对两正数偶变换即可得到t*2^k<=3x<=t*2^(k+1)，此时的t*2^k>=3x/2>x，可进行二进制分配。不过，我们不必操作至sum递减至3b，如果过程中出现了t*2^k，若其不小于x自然不用说，若小于x，则将另两个数合并再偶变换就能得到不小于x的。

当x为偶数时，3x-3b为奇数，如果a>=x，则a二进制分配即可得x，如果a 3x/2>b，让a和3x-3b偶变换得到新的t*2^k，满足t*2^k<=3x-b<=t*2^(k+1)，于是

t*2^k>=(3x-b)/2>=5x/4>x。同样地，我们不一定要等sum减到3b，出现小于x的t*2^k时，t*2^k一定是循环中最大的，大于与它偶变换的奇数u，设第三个数为v，v是奇数，则由t*2^k x，让t*2^k和v偶变换得到的新的最大的t*2^k满足t*2^k>=(t*2^k+v)/2=(3x-u)/2>x。这样一来，即使t*2^k

综上，我们得到了一个通解：

一、有x或2x则结束。

二、数组中是否有q=t*2^k，其中t|x，且q>x，k>0（第一次找到q或者q>x，需要将另两数合并），是则将q以外的另两个数合并，跳至六

三、是否q

四、若三数都是正数，且不是两奇一偶，则尝试将其中一个数加给另外两个数中的一个数，选择其中g整除x的数组；若三数都是正数，且两奇一偶，则将两奇数相加，或将偶数分成奇数给两奇数，选择其中g整除x的数组。

五、进行步骤一二三，若偶变换的数不是偶数，则交换对象，一个偶数减半后，若参与偶变换的两个数不都是奇数，则不断进行偶变换，否则分配给第三个数（如果已经找到q则永远不再分配给第三个数），继续五。

六、用二进制数表示x/t，在左边补充0直到位数等于k，从最高位到最低位，若为1则将q分配给0，为0则分配给另一个数。这样就得到了x，结束。

至此，我们从理论上推导证明了通解的可行性，此外，我还写了验证该解法的cpp代码，对0<=x<=1000的所有有解数组都进行了验证并且验证成功。

当然，也许还存在其他通解，我很期待看到新想法。

我数学特强《我数学特强》通解是存在的！如下：

《我数学特强》有没有万能公式呢？很久之前，一开始玩的时候，就想过这个问题，但面对复杂的变换路径，我完全没有头绪。

最近的研究让我找到了通用的解法，这不是用程序暴力搜索答案，也不是简要的技巧，而是公式化的解法。另外，游戏里要求使用最少步数的最优解，而通解一般不限步数。

介绍一下游戏。有三个自然数，玩家每次操作可以对这三个数进行分配，我称为偶变换和奇变换，偶变换是把一个偶数减半并将减半的部分加到另一个数上，奇变换是把一个奇数加到另一个数上，然后将其变为0。实际上，奇变换不限奇数，因为将偶数奇变换给另一个数，可以先一直偶变换直到变为奇数，再进行奇变换。游戏的最终目标是得到三个相等的数，用三元数组表示为{x, x, x}，不过显然只要三个数里有x或2x就能得到{x, x, x}。

有通解的前提是有解，而有解的充要条件是，三个数的最大公约数g整除x（可表示为g|x），且三个数不是一零二奇。先证明必要性，og和og'分别为三个数变换前后的最大奇公约数，易证og|og'，如果og'=x，则og|x，也就是说如果得到了{x,x,x}，则有og|x，因此og|x是有解的必要条件。另外，由g=(a,b,c)（三个数a,b,c的最大公约数写法为(a,b,c)），可得g|3x，令g=og*2^m，则(og*2^m)|3x，(2^m)|(3x/og)，而(2^m,3)=1，所以(2^m)|(x/og)，(og*2^m)|x，可得g|x也是有解的必要条件，其逆否命题为，若g不整除x，则无解，而(0,0,3x)不整除x，一零两奇时只能奇变换为{0,0,3x}，两者等价，所以三数不是一零两奇也是有解的必要条件。至于充分性，如果我们找到了g|x且不是一零两奇情况下的解法，就相当于将其证明了。

通解讨论的数组默认已通过以上判别法筛选，以保证有解及证明充分性。但要注意，有解的数组在变换后不一定有解，通解的操作应当保证数组在变换后依然可解，时刻有g|x。

下面的是我早期想的通解，经过计算机验证，x为奇数时，x>17后出现反例：

一、有x或2x则结束。

三、若三数都是正数，且不是两奇一偶，则尝试将其中一个数加给另外两个数中的一个数，选择三种操作进行后g整除x的数组；若三数都是正数，且两奇一偶，则将两奇数相加，或将偶数分配给两奇数使其变为两偶数，选择两种操作进行后g整除x的数组。

四、若数组中没有g*2^k满足g*2^k>=x，k是自然数，则不断在两正数之间进行偶变换（如果x是偶数，则需要保证两数都是偶数），如果找到g*2^k，则跳到步骤六。

五、在步骤四的循环中选择含有数被4整除得奇数（且该数减半小于x）的数组（如果x是偶数则选择被2整除的），将该数偶变换给0，再重新在两数之间不断进行偶变换（如果x是偶数，则需要保证两数都是偶数），出现g*2^k则结束，将另两个数合并。

六、用二进制数表示x/g，在左边补充0直到位数等于k，从最高位到最低位，若为1则将g*2^k分配给0（或者是步骤五中得到g*2^k一半的数），为0则分配给另一个数。这样就得到了x，结束。

虽然有很多漏洞，但大框架是对的。在下文逐步分析后，我们将会推导出一个正确的通解。

直接得到通解可能是困难的，于是我想着要不然先解决什么样的组合是可解的问题吧。反复观察变换路径后，我猜测g整除x应该和有解相关，并且还发现了og在变换的过程中不变或变大，而且变换后的og整除变换前的og。

然后，我再想的是解决相对简单的数组。在三个数之间变换是复杂的，暂未发现规律，所以我研究了只有一个数为0的数组。如果三个正数的数组都能转变为一零两正，那么通解问题就可以归约到一零两正如何变换出x或2x的问题。

我们需要保证三正变两正后，g依然满足g|x。如何操作呢？对于{a,b,c}，奇变换后得到的{0,a+b,c}, {0,b,a+c}和{a,0,b+c}三个数组中，一定有一个数组的g满足g|x。

证明：3x的质因数分解为m*3^n，(m,n)=1。先假设三个数组的g都不整除x。(a+b,c)=(3x,c)，(a+c,b)=(3x,b)，(b+c,a)=(3x,a)如果都不整除x，则(3^n)|(a,b,c)，又因为(a,b,c)|x，可得(3^n)|x，但3x=m*3^n，(m,3)=1，矛盾。

两奇一偶时（该偶数不为0），以上的三种操作可能会让数组变为一零两奇，因此我们要对该类情况作调整，它有两种变换：一、两奇相加；二、偶数拆分为两奇数，分别加给另外两奇数。这两种变换会使三正变一零两偶，且至少有一种使得g|x，证明类似上一个，不再赘述。这样的话，我们就将前面提到的可解的数组都转化为一零两正了。

前面说过{0,0,3x}是无解的，两个正数不能奇变换，那当然就只好偶变换了。当x为奇数时，两个数一奇一偶，偶变换的对象（即哪个数给另一个数一半）是确定的，得到的下一数组是唯一的。再加上数组的和是不变的，这样的数组个数有限，所以，经过有限次偶变换后，一定会回到原来的数组，形成偶变换循环。当x为偶数时，偶变换的路径是不唯一的，且不一定能不断偶变换，变换后还可能是一零两奇，比如{2,10}。x为偶数的这种情况，后续在改进偶变换的时候再提及。

我们的目标是在循环中找到t*2^k，t*2^k>=x，t|x，k>0，因为在有三个数时，将t*2^k偶变换分解，可以得到小于t*2^k任意一个自然数。但循环中并不一定有t*2^k（比如{5,28}），所以在早期的想法中，我想打破原有循环，把偶数偶变换分给第三个数，使得原来循环的两个数进入新的循环，以找到t*2^k。

在{a,b}的偶变换循环中，如果我们只关注其中一个数a，可以发现该数在作如下变换：偶数时减半，奇数时加上sum再减半，sum=a+b。冰雹猜想里的变换会迭代至2^k，而这里，迭代至t*2^k，a和sum要满足的所有条件是什么，是个open的问题。修改了几次进入新循环的方法后，程序依然发现反例。所以，探寻如何修正a和sum进入新的含有t*2^k的循环，这条路暂时行不通。

不小于x的t*2^k一定和小于x的t*2^k在同一循环中，找到其中一个便能找到其余的t*2^k。但要得到新的循环，就要将参与偶变换循环的两数之和sum减小，而最大的t*2^k满足t*2^k sum/2。

这样我们就有一个新的思路，先找到小于x的t*2k，再保持t*2^k不变，将sum增大使得sum>2x，进行新一轮偶变换，得到不小于x的t*2^k。

在偶变换时，如果偶数减半后还是偶数，则将这一部分加到第三个数上，这样我们就将前面总和不变的循环改成了总和递减的。由于无论怎么变换三个数都必为自然数，循环的总和不能无限递减，那它的下界是多少呢？当不能再分配给第三个数时，总和不变，因此偶变换一次，对象就交换，此后的所有偶数除以2后都为奇数，假设(a,b)中a为偶数，此时偶数a的变换如下：

a

a/2

a/4+sum

a/8+sum/2

a/16+sum/4+sum

a/32+sum/8+sum/2

a/64+sum/16+sum/4+sum

...

第n个偶数和第n-1偶数的递推式为x_n+1=x_n/4+sum，x_0=a

可得通式x_n=(a-4sum/3)/4^n+4sum/3

当a>4sum/3时，x_n单调递增，当a<4sum/3时，x_n单调递减，数组的大小是有限的，不能单调递增或递减，因此a=4sum/3=2a/3+2b/3，可得a=2b，偶变换循环的过程中，a和b的最大奇公约数og始终不变，又因为b是奇数，b和2b的最大奇公约数为b，所以，当sum最小时，a=2b=2og。前面的三正变两正保持了g|x，所以b|x。

当x为奇数时，将{b,2b,3x-3b}转化为{b,3x-2b,0}，再对两正数偶变换即可得到t*2^k<=3x<=t*2^(k+1)，此时的t*2^k>=3x/2>x，可进行二进制分配。不过，我们不必操作至sum递减至3b，如果过程中出现了t*2^k，若其不小于x自然不用说，若小于x，则将另两个数合并再偶变换就能得到不小于x的。

当x为偶数时，3x-3b为奇数，如果a>=x，则a二进制分配即可得x，如果a 3x/2>b，让a和3x-3b偶变换得到新的t*2^k，满足t*2^k<=3x-b<=t*2^(k+1)，于是

t*2^k>=(3x-b)/2>=5x/4>x。同样地，我们不一定要等sum减到3b，出现小于x的t*2^k时，t*2^k一定是循环中最大的，大于与它偶变换的奇数u，设第三个数为v，v是奇数，则由t*2^k x，让t*2^k和v偶变换得到的新的最大的t*2^k满足t*2^k>=(t*2^k+v)/2=(3x-u)/2>x。这样一来，即使t*2^k

综上，我们得到了一个通解：

一、有x或2x则结束。

二、数组中是否有q=t*2^k，其中t|x，且q>x，k>0（第一次找到q或者q>x，需要将另两数合并），是则将q以外的另两个数合并，跳至六

三、是否q

四、若三数都是正数，且不是两奇一偶，则尝试将其中一个数加给另外两个数中的一个数，选择其中g整除x的数组；若三数都是正数，且两奇一偶，则将两奇数相加，或将偶数分成奇数给两奇数，选择其中g整除x的数组。

五、进行步骤一二三，若偶变换的数不是偶数，则交换对象，一个偶数减半后，若参与偶变换的两个数不都是奇数，则不断进行偶变换，否则分配给第三个数（如果已经找到q则永远不再分配给第三个数），继续五。

六、用二进制数表示x/t，在左边补充0直到位数等于k，从最高位到最低位，若为1则将q分配给0，为0则分配给另一个数。这样就得到了x，结束。

至此，我们从理论上推导证明了通解的可行性，此外，我还写了验证该解法的cpp代码，对0<=x<=1000的所有有解数组都进行了验证并且验证成功。

当然，也许还存在其他通解，我很期待看到新想法。

我数学特强小游戏怎么玩？近期这款游戏人气真的是非常火爆，游戏的关卡挑战很多，但是只要玩家掌握了其中的技巧，那么就能很快完成全部关卡的挑战，接下来九游小编就给大家带来了我数学特强全关卡通关技巧分享，希望能帮助到大家，一起来看看吧。

我数学特强全关卡通关技巧分享

我数学特强小游戏攻略

最后一步是3X，倒数第二步一定是2X+X(限1)，倒数第三步一定是两个相加等于2X的数+X(限2)或者两个相加等于X的数+2X。

所以核心关键就是凑2X。

两个一样的数字不要合成，没意义。

看到所有的偶数都要第一时间在脑子里拆成奇数，和剩余的奇数去配X。

因为都是两两合成，所以记住这两个关键数：

1、2、4、8、16。

3、6、12、24。

1系列能拆出：

4和12，6和10，5和11，

以及

4和12，2和14，7和9(或1和15)。

3系列能拆出：

6和18，3和21，

以及

6和18，9和15。

在倒数第二步先凑出总数的三分之一或者三分之二，这样就可以少考虑两步更简单点。

偷鸡小技巧：

总和除以3就是目标数字

凑出8或者16 这关基本上就过了

8可以变成1～7 16可以变成两个8 其中一个8变成1 可以获得9 得到目标数字剩下对半拆

(所以我一直以8或16为目标过了前80关……)

经常会遇到5 12 7的情况 把12拆两次给7 得到16 游戏结束……

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1、我爱威尼斯简要评析：

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通过上面的游戏介绍和图片，可能大家对我爱威尼斯有大致的了解了，不过这么游戏要怎么样才能抢先体验到呢？不用担心，目前九游客户端已经开通了测试提醒了，通过在九游APP中搜索“我爱威尼斯”，点击右边的【订阅】或者是【开测提醒】，订阅游戏就不会错过最先的下载机会了咯！

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九游括三种模式：

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